- Преподавателю
- Математика
- Програма математичного гуртка для учнів 10, 11 класів
Програма математичного гуртка для учнів 10, 11 класів
Раздел | Математика |
Класс | 11 класс |
Тип | Другие методич. материалы |
Автор | Музыкантова Е.К. |
Дата | 04.03.2014 |
Формат | doc |
Изображения | Есть |
Міністерство освіти і науки України
Луганський обласний інститут післядипломної педагогічної освіти
Кафедра природничо-наукових дисциплін і методики їх викладання
Програма математичного гуртка
для учнів 10,11 класів
Творчий проект
Музикантової О. К. слухача курсів
підвищення кваліфікації
вчителів математики вчителя ЗШ№1 м. Краснодона
Краснодон
2012
Зміст
№ занять
Теми занять
Кількість годин
Примітки
Тема 1. Діофантові рівняння
2
Презентація №1
Тема 2. Тригонометричні функції
11
1
Числове коло. Функції Y = sinX,
Y = cosX, Y = tgX, Y = ctgX, та їх графіки.
Презентація №2
2
Кускові тригонометричні фунції
3
Рішення тригонометричних рівнянь
Презентація №3
4,5
Функціонально - графічний метод рішення тригонометричних рівнянь
6,7
Метод тригонометричних підстановок.
8,9
Рішення ірраціональних тригонометричних рівнянь.
10,11
Метод розкладання на множники.
Тема 3. Рішення більш складних ірраціогальни рівнянь.
7
1,2
Метод підстновки. Застосування властивості монотонності фунції при
Розв'язання ірраціональних рівнянь.
3,4
Графічний метод рішення ірраціональних рівнянь.
5,6,7
Рішення рівнянь та систем з параметрами.
Презентація №4
Тема 4. Математичні розваги.
4
Презентація №5
Пояснювальна записка
Людство вступає в час постійних змін. Здатність сприймати зміни і творити їх - це найважливіша характеристика способу життя людини в ХХI столітті. Викладання математики має на меті досягти такого рівня розвитку, а також знань, умінь і навичок, який потрібний для їх підготовки для практичної діяльності в умовах сучасного виробництва , для вивчення на достатньо високому рівні споріднених шкільних предметів ( фізики, інформатики, хімії, біології) і продовження освіти у вищих навчальних закладах. Загальному піднесенню математичної підготовки має допомогти правильна організація позакласної роботи. Роботу математичного гуртка необхідно організовувати відповідно до здібностей дитини,її здатності до навчання і таланту. Математичний гурток допомагає розширенню кругозору учнів у різних областях елементарної математики. Гурткова робота сприяє розвитку у дітей математичного мислення, лаконічності мови, вмілому використанню символіки, правильному застосуванню математичної термінології. Мета цієї програми - познайомити учнів з основними прийомами і методами міркувань, які відповідають математичному стилю мислення, розкрити зміст деяких спеціальних видів задач, направлених на розвиток логічного , математичного та нестандартного мислення школярів, допомогти оволодіти навичками пошуку міркувань, які ведуть до математичного відкриття, а також розвивати позитивні риси особистості: кмітливість, зосередженість, активне сприйняття знань , наполегливість в доланні труднощів.
Якщо термін «Задача» розуміти ширше (зокрема, включити в число задач і вправи на обчислення, і вправи на доведення тверджень на інше), то можна стверджувати, що вивчення математики здійснюється в процесі розв'язування задач. І так, як в розв'язуванні кожної задачі, є зернина відкриття, то в ньому повинне мати місце здогадка, інтуїція, аргументоване міркування, яке відповідає здоровому глузду.
Для розв'язування таких задач, крім знань із відповідних розділів шкільної математики, знадобляться спостережливість, вміння порівнювати, проводити аналогії, узагальнювати і систематизувати набуті знання, робити висновки і їх обґрунтовувати.
Програма розрахована на 24 години (з листопада по травень по 4 години на місяць). До кожної з тем підібрані такі задачі, які відповідають рівню їх навченості. Задачі різної складності, які розв'язуються на заняттях, дають можливість здійснювати індивідуальний підхід в навчанні, забезпечити активну участь в пошуку розв'язування їх учнів з різним рівнем навченості.
Також треба стимулювати найбільш здібних і обдарованих учнів складати свої задачі на задану тему, що сприятиме удосконаленню їх знань і вмінь.
Тема 1. Діофантові рівняння. Практична частина.
Розв'язування рівнянь у цілих числах є однією з найстародавніших математичних задач. Уж на початку другого століття до нашої ери вавилоняни вміли їх розв'язувати. Найбільшого розвитку ця галузь математики досягла в Стародавній Греції. Основним джерелом для нас є «Арифметика» Діофанта (III ст. до н. е.).
Діофантові рівняння користуються популярністю і сьогодні. Майже на кожній олімпіаді з математики зустрічаються рівняння такого виду. Пропонують ці рівняння і на вступних екзаменах у вищі навчальні заклади. Діофантовими рівняннями називаються алгебраїчні або система алгебраїчних рівнянь з цілими коефіцієнтами з двома або більшою кількістю невідомих, для яких знаходять цілі (або раціональні розв'язки, причому число невідомих повинно бути більшим від числа рівнянь).
1.1 Розв'язати рівняння в натуральних числах.
7х + 3у = 23.
Алгоритм.
-
Виразим одну змінну через іншу:
=
2.Виділим з дробу цілу і дробову частини:
-
Відібрати необхідні числа згідно з умовами
= 2, = 3.
-
Виконаємо перевірку.
7 2+33 =23
Відповідь: (2;3).
1.2 На станцію привезли 420 тон вугілля у вагонах по 15 тон, 20 тон і 25 тон. Скільки і яких вагонів було використано, якщо відомо, що всього було 27 вагонів?
Розв'язання :
Нехай було Х вагонів по 15 тон; У вагонів по 20 тон.
Тоді було (27-Х-У) вагонів по 25 тон.
Складаємо рівняння:
15Х + 20У + 25(27-Х-У) = 420
15Х + 20У + 675 - 25Х-25У = 420
-10Х- 5У = -255
У = 51-2Х
Так як вагонів було всього 27, отже Х = 25, У = 1, Z = 27-25-1 = 1
Відповідь: 25 вагонів по 15 тон, 1 вагон по 20 тон, 1 вагон по 25 тон.
1.3 Розв'язати рівняння в цілих коренях:
7(X + Z + YXZ) = 10 (1 + YZ)
Запишемо пропорцію зібравши зліва змінні:
=
Далі запишемо ліву і праву частини ланцюговими дробами:
= 1 + = 1 +
==x+;
=1+
Отже, х=1,у=2,z=3.
1.4 Великий оркестр демонстрував своє мистецтво на площі. Спочатку музиканти вишикувались у квадрат, а потім перешикувались у прямокутник, причому кількість шеренг збільшилась на 5. Скільки музикантів в оркестри.
Розв'язання:
Нехай було шерег по музикантів, тоді ( + 5) шеренг після перебудови по У музикантів.
Кількість музикантів не змінилася.
2 = ( + 5)У, тоді
=20
20 20 = 400 музикантів.
Відповідь:400
Тема II. Тригонометричні функції. Практична частина.
-
Яким числам відповідають точки А, F, Е, К, В, L, С, Р, Д, S, якщо відомо, що Е - середина дуги АВ, L - середина дуги ВС, дуги АF,FK, КВ - рівні.
Відповідь: ; ; ; ; ; .
1.2. Яким числам відповідають точки А,N, K, M, D, L, C, F, B,якщо відомо, що К - середина дуги АД, F - середина дуги СВ, а дуги АN, NM, MD, DL - рівні.
Відповідь: ; ; ; ;
1.3. Знайти точки, які відповідають числам 1;2;3; - 5.
Так,як , а , тому точка 1 розташовується на дузі АВ ближче к В, точки 2 та 3 - на дузі ВС, перша - ближче к В, друга - ближче к С. Щоб знайти -5, треба рухатись з А у від'ємному напрямі, тобто за годинною стрілкою. Якщо дійдемо в цьому напрямі до В (тобто .
Тому -5 знаходиться праворуч точки В.
1.4 Для складання аналітичних записів (подвійних нерівностей) для дуг числового кола, розглянемо для приклада відкриту дугу МР, де М - середина першої чверті числового кола, а Р - середина її другої чверті. Нерівність, що являє собою аналітичну модель дуги, ми складемо у два етапи.
На першому етапі складемо ядро аналітичної записі, для заданої дуги МР отримаємо
На другому етапі складемо загальний запис:
Для дуги РМ треба врахувати, що А (О) лежить в середині дуги, а тому к початку дуги необхідно рухатись у від'ємному напрямі. Отже, ядро аналітичного запису дуги РМ має вигляд:
, а загальний запис буде мати вигляд
.
Рішення цих вправ дозволяє будувати надійний фундамент для успішного засвоєння вивчає мого матеріалу.
2.1 Після повторення властивостей функцій Y = sin X, Y = cos X, Y= tg X, Y = ctg X по можливості, треба розглянути рішення так званих кускових функцій - функцій, які задані різними формулами на різних проміжках.
Збудувати графік функції
2.2 Розв'язати рівняння.
Побудуємо графік . Розглянемо функцію . Якщо , то , тоді . Якщо , то , тоді
Отже,
Графік цієї функції має такий вигляд.
А зараз зобразимо обидва графіка в одній системі координат.
Обидва графіка перетинаються у двох точках, які симетричні відносно прямій . Зрозуміло, що абсциса точки перетину належить інтервалу ,тоді , тоді .
Відповідь: ; .
2.3 Побудувати графіки:
1)
2)
3)
2.4 Розв'язати рівняння
Розв'язання:
Нехай ; .
Будуємо ескізи графіків в одній системі координат.
;
Відповідь: розв'язків немає.
2.5 Розв'язати рівняння.
Розв'язання:
;
Розв'язок лише один, від'ємний.
Перевіримо:
; ; .
Корінь знаходиться в проміжку , але точно знайти його неможливо. Існують способи наближеного обчислення коренів рівнянь, але ми не розглядаємо їх.
2.6 Розв'язати рівняння
Розв'язання. Ескізи графіків та в одній системі координат показують, що ці функції дотикаються при .
Але те, що ми бачимо на графіках, треба довести аналітичним методом.
Нехай , .
Нехай , тоді і .
Кутовий коефіцієнт дотичної до двох кривих у точці (1;1) той самий, тобто ; тобто, дотична спільна, інших точок перетину немає.
Відповідь: 1.
У шкільній програмі багато часу приділено рішенню тригонометричних рівнянь, але зовнішнє тестування показало, що треба учнів знайомити з нестандартними способами, які допоможуть учням успішно засвоїти матеріал та підготуватися до вступних іспитів в вузи.
Метод тригонометричних підстановок застосовують у тих випадках, коли, зокрема, область визначення змінної │x│≤ 1, тоді застосовують підстановку
х = ; t [- ; ], або x = , t [ 0; π].
3.1. Скільки коренів на відрізку [0;1] має рівняння:
8х (2х2 - 1) (8х4 - 8х2 + 1 ) = 1
Розв'язання:
Якщо х [ 0; 1], то існує (і тільки одне) число t із відрізка [ 0; ] таке, що х=. Підставимо х= в вихідне рівняння, одержимо рівняння 8(2)(8 - 8 +1)=1(*). Виконаємо в ньому тотожні перетворення:
8 - 8 +1 = 8( -1) + 1 =
=8(- ) + 1 = - 8 + 1 =
= -2 + 1 = -2 + + =
= - = .
8(2) = 8(2 - - ) =
= 8 ( - ) = 8 .
8 = 1 (**).
Так як = 0 не задовольняє рівняння (**), помножено останнє рівняння на ≠ 0, одержимо
8 = ;
4 = ;
2 = ;
= ;
- ;
2sin cos = 0.
sin = 0; = πn; t = ; n Z
cos = 0; = + πk; t = + , k Z.
Врахуємо, що t [ 0; ], одержимо n = ; ;.
Відповідь: 3 кореня.
3.2.Розвязати рівняння:
= 4
Рoзв'язання
Область визначення рівняння |x|Підстановка
х= Одержимо рівняння =
=4 . │sin t│= cos 3t. Так як t [0;π], то sin t≥0, тоді рівняння має вигляд sin t = cos3 t.
cos3t - sin t = 0;
cos3t - cos( - t) = 0
-2 sin ( 2t - )sin (t + ) = 0.
sin(2t - ) = 0 2t - = πn; t = + , n Z
sin (t + ) = 0 t + πk; t=-Z
t= Z
тоді
t= +
Із одержаних серій розв'язків візьмемо лише ті, де t
t=
Тоді х=
Можна перейти до числових значень х:
= - .
Cos= - cos
Відповідь: х = cos
х = ; х = -.
4.1 Доведіть, що ас + вd якщо a2 +b2 =c2 +d2 =1.
Розв'язання . Покладемо: а=.
Тоді ac + bd =cos + sin
4.2.Розв'язати рівняння
= 2х2 _
Розв'язання
Область визначення рівняння х[-1;1].
Підстановка х=cos t;t
=2cos2-1+2cost2t;
= 2+2;
| = + 2 t
=
= + ,
=
=
= 0;
2 + )=0 ;
) = 0; + = Z
t = - + , n Z ;
) = 0; t = +
Відберемо ті значення t, що задовольняють умові t
Одержимо t= Тоді x = .
Відповідь: x= .
4.3 Розв'язати рівняння
+ 7 = 5.
Нехай u = , тоді
12u2- 2u-2=0
6u2-u-1=0
u1= u2=-
Отже , ми маємо
+
отже х = 2 arctan
Або tan звідки a 2arctan
Відповідь: 2arctan
-2arctan +2, n
5.1 Розв`яжіть рівняння.
Розв'язання. Хай , тоді
Хай , тоді ;
.
Отже, , виходить, рівняння зводиться к системі рівнянь або к системі рівнянь .
Розв'яжемо перше рівняння:
Розв'яжемо друге рівняння:
Серія вхожа в серію отже, - рішення системи, а також і рівняння.
Відповідь .
5.2 Розв'яжіть рівняння.
Розв'язання
Хай , тоді , та рівняння буде мати такий вигляд.
, де
Так як , а , то перейдемо до системи рівнянь
,
Звідки знаходимо , тобто .
Розв'язавши цю систему, маємо відповідь: ;
5.3 Розв'язати рівняння
на має серію коренів , а цьому відрізки належать три значення: .
Крім цього у відповідь треба включити корені рівняння тобто значення 4 и .
6.1 Розв'язати рівняння
Рішенням нерівності .
Рішенням рівняння .
Якщо , то , та даному вирізу належить тільки значення .
Якщо , то , або ; відрізку належить тільки .
За останніми значеннями параметру корені тригонометричного рівняння лежать поза .
6.2 Розв'язати рівняння
, .
Крім , усі тригонометричного рівняння задовольняють цим умовам.
7.1 Розв'язати рівняння
Рішення.
Знизимо степінь у лівій частині 4 рази:
; ;
Відповідь: .
7.2 Розв'язати рівняння.
.
Рішення.
,
Отже, , або
Відповідь: ; .
8.1 Розв'язати рівняння.
Якщо тоді
Хай , а , тоді
Отже
Відповідь: ; де .
Тема 3. Рішення більш складних ірраціональних рівнянь та нерівностей. Практична частина.
1.1 Розв'яжіть рівняння.
Нехай , , тоді
;
;
;
, звідки
; , так як
не є коренем рівняння.
Отже,
; .
В цьому випадку після піднесення до квадрату, не можуть з'явитися сторонні корені, так як, підкорінне рівно додатному числу.
Відповідь:; .
1.2 Розв'язати рівняння.
Розв'язання. Нехай , тоді
.
Залишається вирішити сукупність двох рівнянь:
; .
Перше рівняння має корні друге рівняння коренів не має.
Відповідь: .
2.1 Розв'язати рівняння.
Розв'язання:
область визначення
зростаюча функція, спадна. Якого виду монотонність функції нічого н можна сказати без додаткового дослідження її за допомогою похідної.
зростаюча функція. Перетворимо ліву частину так:
.
Ця функція - спадна. У рівнянні функції різної монотонності, тому корінь може бути лише один. Перевіримо .
; . Відповідь: .
2.2 Розв'язати рівняння
.
Розв'язання:
Область визначення рівняння . Функція і спадні, тоді сума двох спадних функцій також спадна функція. Функція зростаюча, тому корінь рівняння лише один. Підбором робимо перевірку ; .
Відповідь: 1.
2.3 Розв'язати рівняння.
Розв'язання:
Область визначення рівняння . Функції ; зростаючи, їх сума - функція зростаюча. Функція спадна. Корінь рівняння може бути лише один. Підбором , робимо перевірку.
; .
Відповідь:
3.1 Розв'язати рівняння
.
Розв'язання:
Графіки функцій та перетинаються у двох точках (1;1) і (4;2). Отже, рівняння має два кореня:
Відповідь: 1; 4.
3.2 Побудуйте кускову функцію
, та розв'яжіть рівняння якщо
Розв'язання:
Графіки функцій , та , якщо мають спільну точку (1; 1). Отже, рівняння має один корінь: .
4.1 Розв'язати рівняння.
.
Розв'язання:
область визначення рівняння.
Нехай ; .
Будуємо ескізи графіків та .
=
;
.
Графіки дотикаються при .
Других спільних точок у графіків немає, хоч це слід обґрунтувати аналітично.
Робимо перевірку.
; ; 2 = 2.
Відповідь: .
4.2 Розв'язати рівняння.
Розв'язання:
область визначення рівняння.
;
Будуємо ескізи графіків та в одній системі координат.
;
;
лише при умові .
при
при
Відповідь: розв'язків немає.
5.1 Розв'язати рівняння.
Розв'язання:
Маємо .
Якщо , то 1
Якщо то задовольняє умові , отже є коренем рівняння;
Якщо а, то 1=1 не задовольняє умові
, тобто стороннім коренем.
Відповідь: якщо , то 1=1,
якщо , то .
5.2. При яких значеннях параметрах , рівняння ()( має один корінь?
Розв'язання:
Маємо: . Єдиний корінь, по перше, у випадку, коли та, по-друге, коли з двох значень ( ) один є стороннім коренем, а саме . Це можливо, коли не належить області визначення рівняння:
тобто при
Відповідь: або
6.1. Розв'язати рівняння.
Нехай: = Маємо:
;
0
=;
;
;
Тоді ;
Відповідь: :
6.2. Розв'язати рівняння
Розв'язання:
Область визначення рівняння. Піднесемо обидві частини рівняння в області визначення до квадрата
Це рівняння квадратне відносно числа 7.
Нехай
Тоді
.
; ;
не задовольняє області визначення рівняння.
Відповідь: ;
7.1 Розв'язати рівняння
+=
При а ліва частина рівняння не визначена, а при а0 визначена.
-
При а немає коренів.
-
а0 після зведення у квадрат
2=1-2х-2а
Знову зведемо у квадрат та спростимо:
4х2+4(а-1)х+4а2-4а+1=0
=4(1-а)2-4(4а2-4а+1)=4(2а-3а2)
Якщо Д=0 а1=0 а2=
Д а
Якщо а, то рівняння немає коренів.
Якщо 0 корені рівні
1,2=
Перевірка.
Відповідь: якщо ; , то коренів немає; якщо , то
Тема IV. Математичне тестування
Література
-
Бевз В.Г. Історія математики. - Харків:Видавнича група «Основа», 2006.- 176 с.-
(Серія Бібліотека журналу «Математика в школах України»; вип.. 2 (38)).
2. Бевз Г. П. Методи навчання математики. - Харків:Видавнича група « Основа», 2003. - 96 с. - (Серія Бібліотека журналу «Математика в школах України»; вип.. 4).
3. Винниченко Е., Горошко Ю. Розв'язування задач із параметрами за допомогою « GRAN - 1» // Математика в школі. - 2006. - №4. - С. 25-28.
4. Галицкий М. Л. и др. Углубленное изучение курса алгебры и математического анализа.- М.: Просвещение, 1990. - 352 с.
5. Генкин С. А., Итенберг И. В., Фомин Д. В. Ленинградские математические кружки. - Киров: АСА, 1994. - 272 с.
6. Губа Л. А. Нетрадиційні уроки математики . - Харків : Видавнича група « Основа», 2005. - 96 с.
7. Гузеев В.В. Методы и организационные формы обучения. - М.: Народное образование, 2001. - 128 с.
8. Державний стандарт базової і повної середньої освіти // Математика в школі. - 2004.- № 2.- С. 2 - 5.
9. Евсюк С. Л. Математика . Решение задач повышенной сложности .- Минск: Мисанта, 2003. - 224 с.
10. Епишева О. Б.,Крупич В. И. Учить школьников учиться математике. - М.: Просвещение, 1990.- 127 с.
11. Задачи повышенной трудности по алгебре и началам анализа: Учебное пособие для 10 - 11 классов/ Ивлев Б. М., Абрамов А, М,, Дудницын Ю. П. и др.. - М.: Просвещение, 195. - 48 с.
12. Звавич Л. И., Рязановский А. Р., Поташник А. М. Сборник задач по алгебре и математическому анализу для 10 - 11 классов: Учебное пособие для учащихся школ и классов с углубленным изучением математики :Выпуск 1. - М.: Новая школа, 1996. - 38 с.
13. Інтерактивні технології на уроках математики / Упорядн. І.С. Маркова. - Вид. група «Основа»,2007. - 128 с. - ( Б-ка журналу «Математика в школах України»; Вип. 3(5) (15 шт. по 7,5 грн.).
14. Інтерактивні технології навчання: теорія, практика, досвід: методичний посібник/ автори - укладачі: О.Пометун, Л. Пироженко. - К.: А,П,Н,,2002. - 136 с.
15. Концепція математичної освіти 12 - річної школи. // Математика в школі. - №2. - С. 12 - 17.
16. Кушнір І. Шедеври шкільній математики. - К.: Астарта, 1995. - 575 с.
17.Марко М. Е. Дидактичні ігри на уроках математики. - Ужгород: Авторський навчально-виховний комплекс, 2003. - 141 с.
18. Математика після уроків. Тиждень математики / Упоряд. І. С. Маркова. - Харків: Видавнича група «Основа» , 2005. - 176 с. - (Серія « Бібліотека журналу « Математика в школах України»;вип.. 3 ( 27)).
19. Осинська В. М. Нестандартні методи розв'язання алгебраїчних рівнянь ( на допомогу учням 9 - 11 класів). - Луганськ: Знання, 2006. - 104 с.
20. Шмаков С. А.Игры учащихся - феномен культуры. - М.: Новая школа, 1994. - 240 с.
21. Шуба М. Ю. Занимательные задания в обучении математики. - М.: Просвещение, 1995. - 222 с.
41